Hỗn hợp E gồm 3 chất : X (là este của amino axit); Y và Z là hai peptit mạch hở, hơn kém nhau một nguyên tử nitơ ( đều c?
Hỗn hợp E gồm 3 chất : X (là este của amino axit); Y và Z là hai peptit mạch hở, hơn kém nhau một nguyên tử nitơ ( đều chứa ít nhất hai loại gốc amino axit, MY < MZ). Cho 36 gam E tác dụng vừa đủ với 0,44 mol NaOH, thu được 7,36 gam ancol no, đơn chức, mạch hở và 45,34 gam ba muối của glyxin, alanin, valin ( trong đó có 0,1 mol muối của alanin). Mặt khác, đốt cháy hoàn toàn 36 gam E trong O2 dư, thu được CO2, N2 và 1,38 mol H2O. Phần trăm khối lượng của Y trong E là:
A. 18,39%.
B. 20,72%.
C. 27,58%.
D. 43,33%.
Đáp án A
HD: Cách 1: Biến đổi peptit, este – xử lí tinh tế giải đốt cháy kết hợp thủy phân36 gam E + 0,44 mol NaOH → 45,34 gam muối + 7,36 gam ancol + ?H2O.
⇒ BTKL có mH2O = 0,9 gam ⇒ nH2O = 0,05 mol = nY, Z.
Giải hệ 45,34 gam muối gồm x mol Gly–Na + y mol Val–Na + 0,1 mol Ala–Na
lại biết x + y + 0,1 = 0,44 mol ⇒ giải x = 0,31 mol và y = 0,03 mol.
☆ Biến đổi: E + 0,39 mol H2O → 0,31 mol Gy + 0,1 mol Ala + 0,03 mol Val + 7,36 gam ancol.
đốt E cho 1,38 mol H2O ||⇒ bảo toàn H có nH trong ancol = 0,96 mol.
nhìn 7,36 gam ancol dạng (CH2)mOC–1 ⇒ nancol = (7,36 – 0,48 × 14) ÷ (16 – 12) = 0,16 mol.
⇒ Mancol = 7,36 ÷ 0,16 = 46 cho biết có 0,16 mol ancol là C2H6OH.
chỉ có 0,31 mol Gly > 0,16 mol ⇒ este chỉ có thể là H2NCH2COOC2H5.
⇒ thủy phân 0,05 mol (Y, Z) → 0,15 mol Gly + 0,1 mol Ala + 0,03 mol Val
⇒ số mắt xíchTB = 0,28 ÷ 0,05 = 5,6 → có 0,02 mol pentapeptit Y5 và 0,03 mol hexapeptit Z6.
⇒ có 0,02 mol Y5 dạng (Gly)a(Ala)5 – a và 0,03 mol Z6 dạng (Gly)b(Ala)5 – b(Val)1.
⇒ ∑nGly = 0,02a + 0,03b = 0,15 mol ⇔ 2a + 3b = 15 ⇒ a = 3, b = 3
⇒ có 0,02 mol Y5 là (Gly)3(Ala)2 ⇒ %mY trong E = 0,02 × 331 ÷ 36 ≈ 18,39% → Chọn A. ♥.
Cách 2: tham khảo: tranduchoanghuy Quy E về C2H3NO, CH2, H2O ⇒ nC2H3NO = nNaOH = 0,44 mol.
Muối gồm C2H4NO2Na, CH2 ⇒ nCH2/muối = (45,34 – 0,44 × 97)/14 = 0,19 mol.
Đặt nCH2/E = x mol; nH2O/E = y mol ⇒ mE = 0,44 × 57 + 14x + 18y = 36 gam.
nH2O = 1,5 × 0,44 + x + y = 1,38. Giải hệ có: x = 0,51 mol; y = 0,21 mol.
Bảo toàn khối lượng: mH2O = 36 + 0,44 × 40 – 7,36 – 45,34 = 0,9 gam.
⇒ npeptit = nH2O = 0,9 ÷ 18 = 0,05 mol ⇒ neste = 0,21 – 0,05 = 0,16 mol.
nCH2/muối = nAla + 3nVal ⇒ nVal = (0,19 – 0,1) ÷ 3 = 0,03 mol ⇒ nGly = 0,31 mol.
Do neste > nAla, nVal ⇒ este là este của Gly ⇒ còn 0,31 – 0,16 = 0,15 mol Gly cho peptit.
số mắt xích trung bình = (0,44 – 0,16) ÷ 0,05 = 5,6 ⇒ Y là pentapeptit và Z là hexapeptit.
Đặt nY = a mol; nZ = b mol ⇒ npeptit = 0,05 mol = a + b; nmắt xích = 5a + 6b = 0,44 – 0,16.
Giải hệ có: a = 0,02 mol; b = 0,03 mol ⇒ hexapeptit chứa 1 Val.
nAla = 0,1 = 0,02 × 5 = 0,02 × 2 + 0,03 × 2. Mà Y, Z chứa ít nhất 2 loại gốc.
⇒ Y và Z đều chứa 2 gốc Ala ⇒ Y là (Gly)3(Ala)2 và Z là (Gly)3(Ala)2Val → done.!